正题

题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/CF702F

题目大意

有\(n\)个物品，第\(i\)个价格为\(c_i\)，质量为\(q_i\)。

然后有\(m\)个询问，假设一个人有\(v_i\)块，他每次会买他能买得起的\(q_i\)最大的（如果相同就\(c_i\)最小的）物品购买，直到买不起为止，一个物品只能买一次，求他最后能买多少个物品。

\(1\leq n,m\leq 2\times 10^5,1\leq c_i,q_i,v_i\leq 10^9\)

解题思路

考虑最暴力的做法，我们可以把所有物品按照\(q_i\)从大到小排序，然后对于每个人枚举所有物品，如果买得起就买，这样就是\(O(nm)\)的了。

考虑如何优化这个做法，在线显然难搞，我们考虑把所有人放在一起维护。

对于物品价格为\(c\)，那么所有\(v_i\geq c\)的都有\(ans_i+1,v_i-c\)。

也就是对于一个值域进行操作，考虑到这个值域是动态的，尝试用平衡树维护

那么考虑对于钱数为\([0,c-1]\)的人不操作。

对于钱数为\([c,2\times c-1]\)的人，\(ans_i+1,v_i-c\)，并且\(v_i-c。也就是说此时减去后范围都在\([0,c-1]\)，会和原来\([0,c-1]\)范围内的人有重复。

对于钱数为\([2\times c,\infty)\)的人，\(ans_i+1,v_i-c\)，并且\(v_i-c\geq c\)，也就是说这一部分整体往前移动\(c\)位之后不会和其它部分的人有交叉。那么这一部分的人我们可以打一个标记然后插回平衡树中。

那么现在问题是\([c,2\times c-1]\)部分的人如何操作，注意到此时有\(v_i-c\leq \frac{v_i}{2}\)，也就是一个\(v_i\)最多操作\(\log\)次，所以我们可以直接暴力把这一部分提出来然后一个一个插回去。

用\(\text{FhqTreap}\)很轻易实现以上功能

时间复杂度：\(O(n\log n\log v)\)

code

#include
#include
#include
using namespace std;
const int N=2e5+10;
int n,m,root;
struct node{
	int q,v;
}q[N];
struct FHQ_Treap{
	int cnt,siz[N],rnk[N],t[N][2];
	int w[N],ans[N],lazy1[N],lazy2[N];
	int NewNode(int val){
		++cnt;w[cnt]=val;siz[cnt]=1;
		rnk[cnt]=rand();return cnt;
	}
	void PushUp(int x)
	{siz[x]=siz[t[x][0]]+siz[t[x][1]]+1;return;}
	void PushDown(int x){
		for(int i=0;i<2;i++){
			if(!t[x][i])continue;
			lazy1[t[x][i]]+=lazy1[x];
			lazy2[t[x][i]]+=lazy2[x];
			w[t[x][i]]+=lazy1[x];
			ans[t[x][i]]+=lazy2[x];
		}
		lazy1[x]=lazy2[x]=0;
		return;
	}
	void Split(int &x,int &y,int p,int k){
		if(!p){x=y=0;return;}PushDown(p);
		if(w[p]<=k)x=p,Split(t[x][1],y,t[p][1],k);
		else y=p,Split(x,t[y][0],t[p][0],k);
		PushUp(p);return;
	}
	int Merge(int x,int y){
		PushDown(x);PushDown(y);
		if(!x||!y)return x|y;
		if(rnk[x]y.q);}
int main()
{
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++)
		scanf("%d%d",&q[i].v,&q[i].q);
	sort(q+1,q+1+n,cmp);
	scanf("%d",&m);
	for(int i=1,x;i<=m;i++){
		scanf("%d",&x);
		T.Ins(T.NewNode(x),root);
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)
		T.Solve(q[i].v);
	T.Fors(root);
	for(int i=1;i<=m;i++)
		printf("%d ",T.ans[i]);
	return 0;
}